火柴奥数算法

A. 奥数题（火柴上的几何学）

太容易了吧，人家都给你提示的那么明显了

首先移去左上，右上，正上，正下那4根火柴，然后就有2个相等的等边三角形了

然后呢，自己想嘛，那4根再放进去，摆出来一个三角形，很容易的嘛

B. 奥数题火柴棒题1+9=8+8

如果1可以用单根火柴表示，则动1根火柴即可：

11+5=8+8

1+15=8+8

如果1必须用双根火柴表示，则需要动3根火柴：

3+9=4+8

如下图所示。

C. 小学奥数火柴棒问题：19-8+6=3，移动一根火柴帮使等式成立

19-8-8=3
把+变为-
把这个火柴放在6上，变为8

D. 奥数移动火柴问题

1.把中间4根中的任意相邻两根拿掉.

2.把左上角的两根,和右下平躺着的那根移动,形成"品"字.

3.把左上两根和右下的两根组成一正方形,把整个图形弄成串(这一步纯属为了好看)

4.第四题的答案见图!

E. 奥数题（移动一根火柴棒）

1+11+111=12 --------->>>1+1-1+11=12

1+11+111=4 --------->>>1+1+1+1=4

把第11中的一个1移动到111中间的哪个1上构成

F. 有趣的奥数游戏：火柴游戏

一个最普通的火柴游戏就是两人一起玩，先置若干支火柴于桌上，两人轮流取，每次所取的数目可先作一些限制，规定取走最后一根火柴者获胜。

规则一：若限制每次所取的火柴数目最少一根，最多三根，则如何玩才可致胜？

例如：桌面上有n=15根火柴，甲﹑乙两人轮流取，甲先取，则甲应如何取才能致胜？

为了要取得最后一根，甲必须最后留下零根火柴给乙，故在最后一步之前的轮取中，甲不能留下1根或2根或3根，否则乙就可以全部取走而获胜。如果留下4根，则乙不能全取，则不管乙取几根（1或2或3），甲必能取得所有剩下的火柴而赢了游戏。同理，若桌上留有8根火柴让乙去取，则无论乙如何取，甲都可使这一次轮取后留下4根火柴，最后也一定是甲获胜。由上之分析可知，甲只要使得桌面上的火柴数为4﹑8﹑12﹑16……等让乙去取，则甲必稳操胜券。因此若原先桌面上的火柴数为15，则甲应取3根。（∵15-3=12）若原先桌面上的火柴数为18呢？则甲应先取2根（∵18-2=16）。

规则二：限制每次所取的火柴数目为1至4根，则又如何致胜？

原则：若甲先取，则甲每次取时，须留5的'倍数的火柴给乙去取。

通则：有n支火柴，每次可取1至k支，则甲每次取后所留的火柴数目必须为k+1之倍数。

规则三：限制每次所取的火柴数目不是连续的数，而是一些不连续的数，如1﹑3﹑7，则又该如何玩法？

分析：1﹑3﹑7均为奇数，由于目标为0，而0为偶数，所以先取者甲，须使桌上的火柴数为偶数，因为乙在偶数的火柴数中，不可能再取去1﹑3﹑7根火柴后获得0，但假使如此也不能保证甲必赢，因为甲对于火柴数的奇或偶，也是无法依照己意来控制的。因为〔偶-奇=奇，奇-奇=偶〕，所以每次取后，桌上的火柴数奇偶相反。若开始时是奇数，如17，甲先取，则不论甲取多少（1或3或7），剩下的便是偶数，乙随后又把偶数变成奇数，甲又把奇数回覆到偶数，最后甲是注定为赢家；反之，若开始时为偶数，则甲注定会输。

通则：开局是奇数，先取者必胜；反之，若开局为偶数，则先取者会输。

规则四：限制每次所取的火柴数是1或4（一个奇数，一个偶数）。

分析：如前规则二，若甲先取，则甲每次取时留5的倍数的火柴给乙去取，则甲必胜。此外，若甲留给乙取的火柴数为5之倍数加2时，甲也可赢得游戏，因为玩的时候可以控制每轮所取的火柴数为5（若乙取1，甲则取4；若乙取4，则甲取1），最后剩下2根，那时乙只能取1，甲便可取得最后一根而获胜。

通则：若甲先取，则甲每次取时所留火柴数为5之倍数或5的倍数加2。

G. 小学奥数火柴问题。7-4=1.14-1=6.1+1+1=141。移动一根火柴使等式成立 急求

1-5=4
4.1=24

3-2=6
5+4+3+2+1=8+10
移动一根火柴使式子成立

H. 奥数火柴题

19-8-6=5
1+6+2=9

I. 取火柴问题规律

第一题比较简单，可以推广到有n根火柴每人可取1到m根
若n % ( m + 1 ) == 1则先取必败，否则必胜，这个比较好证明
很简单可以证明当火柴数为1时先取必败，然后火柴数为m + 1时，无论先取的人怎样取，假定取x个，那么第二个人取m - x个，即可只剩一个留给对方。这样一直下来，如果用D( x ) = 1表示当留有x个火柴时先取必败，那么
D( 1 ) = 1
D( m + 2 ) = 1
D( 2m + 3 ) = 1
........
在这道题的情况就是
D( 1 ) = 1
D( 4 ) = 1
D( 7 ) = 1
.........
所以刚开始这些情况是必败的，换言之，如果刚开始不是这种情况，则先取的人可以取n % ( m + 1 ) - 1个（注意n % ( m + 1 ) == 0的情况，这是应该是取m个），就可以转化成上述令对手必败的情况。
第二题比较麻烦
我这里正好有一个别人写的
只有一堆时，无论有多少，先取者都可以一次性全部取走，所以必胜。
(1,1)时，显然先取者必败。
(1,2)时，先取者必胜，他可以在2那一堆中取1个，于是变成(1,1)，但这成为上一种情况了，于是接下来取的人必败，亦即先取者必胜。
(1,3)时，先取者必胜。他可以在3那一堆中取2个，于是变成(1,1)。
(2,2)时，先取者必败。他在任何一堆中取1个，对方随即在另一堆中取1个，即变成(1,1)；如果他取走一堆中的全部石子，对方即取走另一堆中的全部石子。
(2,3)时，先取者必胜。他可以在3那一堆中取1个，于是变成(2,2)。
(3,3)时，先取者必败。他取走任一堆中的1,2或3个，就变成了以上讨论过的情形。
(1,1,1)时，先取者必胜。他取走任一堆，就变成了(1,1)。
(1,1,2)时，先取者必胜。他取走2那一堆，就变成了(1,1)。
(1,1,3)时，先取者必胜。他取走3那一堆，就变成了(1,1)。
(1,2,2)时，先取者必胜。他取走1那一堆，就变成了(2,2)。
(1,2,3)时，先取者必败。分析如下：
他先取1那一堆，则变为(2,3)，由上面的分析，对手必胜。
他从2那一堆中取1个，就变成了(1,1,3)，对手可以将3那一堆全部取走，变成了(1,1)，于是必胜。
他将2那一堆全部取走，就变成了(1,3)，对手必胜。
他从3那一堆中取1个，就变成了(1,2,2)，对手必胜。
他从3那一堆中取2个，就变成了(1,2,1)，对手必胜。
他将3那一堆全部取走，就变成了(1,2)，对手必胜。
这些胜负有什么规律呢？我们可以将每堆的数转换成二进制，然后看每一位上所有堆里的1的个数总和：
必胜情况：(n) (1,2)(1,3)(2,3) (1,1,1)(1,1,2)(1,2,2)
必败情况： (1,1)(2,2)(3,3) (1,2,3)
化为二进制：
必胜情况：
(n)：……（反正每位只要有1肯定只有1个）
(1,2)：1,10
列成竖式：
01
10
个位上只有1个1，“十位”（因为是二进制所以叫十位不妥，这里为了方便说明暂且使用，下同）上也只有1个1。
(1,3)：1,11
列成竖式：
01
11
个位上有2个1（1的1个，3的1个），十位上有1个1。
(2,3)：10,11
个位上有1个1，十位上有2个1。
(1,1,1)：1,1,1
个位上有3个1。
(1,1,2)：1,1,10
个位上有2个1，十位上有1个1。
(1,1,3)：1,1,11
个位上有3个1，十位上有1个1。
(1,2,2)：1,10,10
个位上有1个1，十位上有2个1。
必败情况：
(1,1)：1,1
个位上有2个1。
(2,2)：10,10
十位上有2个1。
(3,3)：11,11
个位上有2个1，十位上也有2个1。
(1,2,3)：1,10,11
个位上有2个1，十位上也有2个1。
下面分析一下这些情况。
先看必败情形。容易发现，所有的必败情形，都是所有的数位上都有偶数个1。
下看必胜情形。我们发现，出现了两种情况：
1.只有1位上有奇数个1，如(1,3)(2,3)(1,1,1)(1,1,2)(1,2,2)。而先取者取走该位上的1，所有的位上就都变成了偶数个1，而这时后取者变成了先取者。
2.有若干位上都是奇数个1，如(n)(1,2)(1,1,3)。先取者取（不一定取走哪位）后，所有的位上也都变成了偶数个1。后取者变成了先取者。
以上两种情况，都是将后取者逼至必败情况从而取胜。
由以上分析我们可以得到结论：将所有的堆的石子数化为二进制后，如果所有数位上的1的个数都是偶数，那么先取者必败；如果有些位上的1的个数是奇数，先取者能够将所有数位上的1的个数都变为偶数的话，那么先取者必胜。
好，下面来分析我们的题目。
3,5,7,19,50化为二进制是：
000011
000101
000111
010011
110010
可见，只有最高位的1是奇数个，其他位上都是偶数个。
所以只需要将最高位的1取走即可必胜。
二进制的100000就是10进制的32，所以要将50个石子的那堆取32个，取掉就变成偶数个数目。于是先取者必胜。以后无论对方怎么取，始终保证每一位上的1的个数是偶数即可（一种简单的方法是，他在一堆中取几个，你在另一堆中也取几个就可以）。